第一节 电磁感应现象第二节 产生感应电流的条件A级 抓基础1．一个闭合线圈中没有产生感应电流，因此可以得出( )A．此时该处一定没有磁场B．此时该处一定没有磁场的变化C．闭合线圈的面积一定没有变化D．穿过线圈平面的磁通量一定没有变化解析：感应电流的产生条件是闭合线圈的磁通量发生变化，闭合线圈中没有感应电流产生可能线圈始终与磁场平行，故A错误；感应电流的产生条件是闭合线圈的磁通量发生变化，磁通量的变化可以由磁场引起的，也可以由线圈的面积的变化引起的，闭合线圈中没有感应电流产生，不能判断出此地一定没有磁场的变化或没有面积的变化，故BC错误；没有电流只能说明穿过闭合线圈的磁通量没有发生变化，故D正确．答案：D2.如图所示，圆a、b与通有电流I的环形导线在同一平面内．关于a、b两圆内的磁场方向和穿过它们的磁通量Фa、Фb，下列判断正确的是( )A．磁场方向垂直纸面向外，Фa＞ФbB．磁场方向垂直纸面向外，Фa＜ФbC．磁场方向垂直纸面向里，Фa＞ФbD．磁场方向垂直纸面向里，Фa＜Фb解析：根据右手螺旋定则可得，线圈内部产生的磁场的方向垂直向外，而外部则垂直向里；根据磁通量的公式Φ＝BS，可知，Фa＞Фb，故A正确，BCD错误．答案：A3．如图所示，矩形线框abcd放置在水平面内，磁场方向与水平方向成α角，已知sin α＝，回路面积为S，磁感应强度为B，则通过线框的磁通量为( )A．BS B.C. D.解析：根据磁通量的定义，可得通过线框的磁通量Φ＝BSsin α，代入解得Φ＝，所以B正确，A、C、D错误．答案：B4．如图所示为法拉第研究电磁感应现象时做过的实验电路图．线圈A和线圈B绕在同一铁芯上，线圈与铁芯绝缘，则( )A．保持开关S处于闭合状态，小磁针发生偏转B．当开关S闭合的瞬间，小磁针发生偏转C．当开关S断开的瞬间，小磁针不发生偏转D．无论开关S怎样改变，小磁针都不会发生偏转解析：保持开关S处于闭合状态，穿过线圈B中的磁通量不变，没有感应电流产生，小磁针不发生偏转，故A错误；当开关闭合的瞬间，磁通量增加，圈B中产生感应电流，根据电流的周围存在磁场，小磁针发生偏转，故B正确；当开关断开的瞬间，磁通量减小，圈B中产生感应电流，根据电流的周围存在磁场，小磁针发生偏转，故C、D错误．答案：B5．(多选)如图所示，线圈Ⅰ与电源、开关、滑动变阻器相连，线圈Ⅱ与电流计G相连，线圈Ⅰ与线圈Ⅱ绕在同一个铁芯上，在下列情况下，电流计G中有示数的是( )A．开关闭合瞬间B．开关闭合一段时间后C．开关断开瞬间D．开关闭合一段时间后，来回移动变阻器滑动端解析：开关闭合瞬间，电路中电流增大，线圈产生的磁场增强，穿过线圈Ⅱ的磁通量增大，产生感应电流，故A正确；开关闭合一段时间后，线圈中是恒定的电流，线圈产生稳恒的磁场，穿过线圈Ⅱ的磁通量不变，没有感应电流产生，故B错误；将电键突然断开的瞬间，线圈产生的磁场从有到无，穿过线圈Ⅱ的磁通量减小，产生感应电流，故C正确；通电时，来回移动变阻器滑动端时，变阻器接入电路的电阻变化，电路中电流变化，线圈产生的磁场变化，穿过线圈Ⅱ磁通量变化，产生感应电流，故D正确．答案：ACDB级 提能力6．下列图示中，矩形闭合线圈始终在匀强磁场中运动，线圈中能产生感应电流的是( )A．水平方向匀速运动B．水平方向匀速运动C．磁场与线圈平面平行，且绕O点在纸面内移动D．绕轴OO′转动解析：线框平行于磁感线运动，穿过线框的磁通量没有变化，不会产生感应电流，A错误；线框整体垂直于磁感线运动，虽然切割磁感线，但穿过的磁通量没有变化，因此也不会产生感应电流，B错误；线框绕轴转动，但穿过的磁通量为零，且始终为零，因此也不会产生感应电流，故C错误；线框绕轴转动，导致磁通量发生变化，因此线框产生感应电流，故D正确．答案：D7.磁通量是研究电磁感应现象的重要物理量，如图所示，通有恒定电流的导线MN与闭合线框共面，第一次将线框由1平移到2，第二次将线框绕cd边翻转到2，设先后两次通过线框的磁通量变化分别为ΔΦ1和ΔΦ2，则( )A．ΔΦ1＞ΔΦ2 B．ΔΦ1＝ΔΦ2C．ΔΦ1＜ΔΦ2 D．无法确定解析：设线框在位置1时的磁通量为Φ1，在位置2时的磁通量为Φ2，直线电流产生的磁场在1处比在2处强，若平移线框，则ΔΦ1＝Φ1－Φ2，若转动线框，磁通量是从线框的正反面穿过的，一正一负，因此，ΔΦ2＝Φ1＋Φ2，根据分析知：ΔΦ1＜ΔΦ2，选项C正确．答案：C8.(多选)如图所示，开始时矩形线圈与磁场垂直，且一半在匀强磁场内，一半在匀强磁场外，下列情况中产生感应电流的是( )A．将线圈向左平移一小段距离B．以ab为轴转动(小于90)C．以ac为轴转动(小于60)D．以bd为轴转动(小于60)解析：将线圈向左平移一小段距离，线圈的磁通量减小，有感应电流产生，故A正确；以ab为轴转动(小于90)，线圈的磁通量减小，有感应电流产生，故B正确；以ac为轴转动(小于60)，线圈的磁通量减小，有感应电流产生，故C正确；以bd为轴转动(小于60)时，线圈的有效面积不变，线圈的磁通量不变，不产生感应电流，故D错误．答案：ABC9.(多选)如图所示，通电直导线MN与闭合的矩形金属线圈abcd彼此绝缘，它们处于同一水平面内，直导线与线圈的对称轴线重合，直导线中电流方向由M到N.为了使线圈中产生感应电流，可行的方法是( )A．减弱直导线中的电流强度B．MN不动，使线圈上下平动C．MN不动，使线圈向右平动D．MN不动，使线圈向左平动解析：要使闭合线圈中产生感应电流，则穿过线圈的磁通量发生变化，在导线的右方的磁场是垂直向里，导线的左侧是垂直向外的，根据对称性可知，穿过线圈的磁通量为零，只减弱导线中的电流，磁通量仍为零，不可能产生感应电流，A错误；保持MN不动，使线圈上下平动，线圈中的磁通量为零，不产生感应电流，MN不动，使线圈向右平动或者使线圈向左平动，穿过线圈的磁通量发生变化，有感应电流产生，故C、D正确．答案：CD10.如图所示，两直导线中通以相同的电流I，矩形线圈位于导线之间．将线圈由实线位置移到虚线位置的过程中，穿过线圈的磁通量的变化情况是( )A．向里，逐渐增大B．向外，逐渐减小C．先向里增大，再向外减小D．先向外减小，再向里增大解析：根据安培定则判断得知，两导线之间的磁场方向为：左侧导线产生的磁场垂直纸面向里，右侧导线产生的磁场方向垂直纸面向外，两导线之间的磁场是两个磁场叠加的结果，中线的磁感应强度为零，叠加后的结果是中线左侧磁场向里，右侧向外，因此先向外减小，后向里增大，故ABC错误，D正确．答案：D11．矩形线框abcd的边长分别为l1、l2，可绕它的一条对称轴OO′转动，匀强磁场的磁感应强度为B，方向与OO′垂直，如图所示，初位置时线圈平面与B平行．求：图甲 图乙(1)初位置时穿过线框的磁通量Φ0为多少？(2)当线框绕轴沿甲图所示方向转过60时，磁通量Φ1为多少？这一过程中磁通量的变化量ΔΦ1为多少？(3)当线框绕轴沿图示方向由图乙中的60位置再转过60时，磁通量Φ2为多少？这一过程中ΔΦ2＝Φ2－Φ1为多少？解析：(1)当处于图甲所示位置时，从俯视图图乙可以看出没有磁感线穿过矩形线框，故Φ0＝0.(2)当绕轴(从上往下看)沿逆时针方向转动60到a′d′位置时，线框与B的夹角为60.所以Φ1＝BSsin 60＝Bl1l2，ΔΦ1＝Φ1－Φ0＝Bl1l2.(3)当再由a′d′位置逆时针转动60到a″d″位置时，线框与B的夹角为120，所以Φ2＝BSsin 120＝Bl1l2，ΔΦ2＝Φ2－Φ1＝Bl1l2－Bl1l2＝0.答案：(1)0 (2)Bl1l2 Bl1l2 (3)Bl1l2 0【感谢您的阅览，下载后可自由编辑和修改，关注我 每天更新】8 / 8。
